6 0 101 KB
PERSAMAAN DIFERENSIAL ORDE-2 (A)HOMOGEN dan (B) TAK HOMOGEN HOMOGEN A.1 Homogen Bentuk Sederhana
Untuk kondisi dimana terdapat persamaan bentuk: '
A y + By+ C=0
.
Dinamakan homogen, karena sama dengan nol, dengan: maka dapat diambil misal: y= A e , sehingga:
A
,
B
, dan
C
st
( A s ' + Bs+C ) A e st =0≫ ≫ A s ' + Bs+ C=0 ≫ ≫ adalah persamaan karakteristik
Berdasarkan persamaan karakteristik, diperoleh akar-akar s dan (1) s ≠ s >>>>> Keduanya bilangan riil, maka: y=a e + a e 1
1
2
s1 x
1
s2 x
2
s2
.
adalah konstanta,
(2)
s 1=s2
(3)
s1
>>>>> Keduanya bilangan riil, maka:
s1 x
y=a1 e + a2 x e
dan s >>>>> Keduanya bilangan kompleks ( ), maka: 2
s2
s2 x
s 1,2=R e + j I m
dan
s1
y=e R e [ ( a1+ a2 ) cos I m . t + j ( a1+ a2 ) s ∈I m. t ]
CONTOH SOAL #akar-akar riil dan tidak sama
CONTOH#1#akar-akar riil dan tidak sama Selesaikan persamaan berikut! ''
'
3 y −8 y −3 y =0
Penyelesaian: 3 y '' −8 y ' −3 y =0 ≫ ≫ 3 s2−8 s−3=0 ≫ ≫ RUMUS ABC
−b ± √ b −4 ac 2a 2
s 1,2=
s 1=
8+ √ 64−36 8 10 4 5 9 = + = + = =3 6 6 6 3 3 3
conjugate dari
s 2=
8− √ 64−36 8−10 −2 −1 = = = 6 6 6 3
3x
y=a1 e +a 2 e
−1 x 3
CONTOH#2#akar-akar riil dan tidak sama Selesaikan persamaan berikut! y ' ' −4 y ' +3 y=0 ; dengan : y ( 0 )=−1 dan y ' ( 0 )=1
Penyelesaian: ''
'
2
y −4 y +3 y=0 ≫ ≫ s −4 s +3=0≫ ≫ RUMUS ABC
s 1,2=
s 1=
−b ± √ b 2−4 ac 2a
4 + √ 16−12 4 2 = + =2+1=3 2 2 2
s 2=
8− √ 64−36 4 2 = − =2−1=1 6 2 2
3x
y=a1 e +a 2 e
'
3x
x
y =3 a1 e +a2 e
x
Substitusi syarat awal…… y ( 0 )=−1≫ ≫ −1=a 1+ a2 ≫ ≫ a1 =−1−a2
' y ( 0 )=1≫ ≫ 1=3 a1+ a2 ≫ ≫ 3 a1 =1−a 2
≫ ≫3 (−1−a2 )=1−a2 ≫ ≫−3−3 a2=1−a2
≫ ≫−3−1=3 a 2−a2 ≫ ≫−4=2 a2
≫ ≫ a2=
−4 =−2 2
≫ ≫ a1=−1−a2=−1−(−2 )=−1+ 2=1
3x
x
3x
y=a1 e +a 2 e ≫ ≫ y =e −2 e
x
CONTOH SOAL #akar-akar riil dan sama
CONTOH#1#akar-akar riil dan sama Selesaikan persamaan berikut! ''
'
y +8 y +16 y=0
Penyelesaian: y ' ' +8 y ' +16 y=0 ≫ ≫ s 2 +8 s +16=0≫ ≫ ( s+ 4 ) ( s +4 )=0 s 1=s2=−4
y=a1 e−4 x + a2 ∙ x ∙ e−4 x
CONTOH#2#akar-akar riil dan sama Selesaikan persamaan berikut! y ' ' + 4 y ' + 4 y =0 ; dengan : y ( 0 )=3 dan y ' ( 0 )=1
Penyelesaian: y ' ' + 4 y ' + 4 y =0 ≫ ≫ s2−4 s+ 4=0 ≫ ≫ ( s+ 2 )( s+2 )=0 s 1=s2=−2
y=a1 e−2 x +a 2 x e−2 x
'
−2 x
y =−2 a1 e
−2 x
+a 2 e
−2 x
−2 a2 x e
Substitusi syarat awal…… y ( 0 )=3 ≫ ≫ 3=a1+ a2 ≫ ≫ a 1=3−a2
y ' ( 0 )=1≫ ≫ 1=−2 a1 +a 2 ≫ ≫ 1=−2 ( 3−a 2) +a 2
≫ ≫ 1=−6+2 a2 + a2=≫ ≫ 1+6=3 a2
≫ ≫ a2=
7 3
7 9 7 9−7 2 ≫ ≫ a1=3−a2=3− = − = = 3 3 3 3 3
2 7 y=a1 e 3 x +a 2 x e x ≫ ≫ y= e 3 x + x e x 3 3
CONTOH SOAL #akar-akar complex conjugate
CONTOH#1#akar-akar complex conjugate Selesaikan persamaan berikut! y ' ' −2 y ' +1 0 y=0
Penyelesaian: ''
'
2
y −2 y +1 0 y=0 ≫ ≫ s −2 s+ 10=0 ≫ ≫ RUMUS ABC
s 1,2=
−b ± √ b 2−4 ac 2a
s 1=
2+ √ 4−40 2 √−36 36 ∙ √ −1 6 ∙ −1 = + =1+ √ =1+ √ ≫ ≫ s 1=1+ j 3 2 2 2 2 2
s 2 ≫ ≫ complex conjugate s1
s 2=1− j3
y=a1 e
( 1 + j 3) t
+ a2 e
( 1− j 3) t
y=a1 e
1t+ j3t
+ a2 e
1 t− j 3t
y=et [ a1 e j 3 t + a2 e− j 3 t ]
Ingat, persamaan Euler!!! >>> y=et [ a 1 ( cos 3 t + j sin 3 t ) +a 2 ( cos 3 t − jsin 3 t ) ]
t
y=e [ ( a1 +a2 ) cos 3 t+ j ( a1−a2 ) sin 3t ]
y=et [ b 1 cos 3 t+ j b2 sin 3t ]
ix
e =cos x+i sin x
dan
−ix
e =cos x−isin x
Diketahui:
b1=a1 +a2 b2=a1−a2
CONTOH#2#akar-akar complex conjugate Selesaikan persamaan berikut! ''
'
'
y −6 y +25 y =0 ; dengan : y ( 0 )=4 dan y ( 0 ) =1
Penyelesaian: ''
'
2
y −6 y +25 y =0 ≫ ≫ s −6 s +25=0≫ ≫ RUMUS ABC
−b ± √ b −4 ac 2a 2
s 1,2=
s 1=
6+ √ 36−100 6 √−64 64 ∙ √−1 8 ∙ −1 = + =3+ √ =3+ √ ≫ ≫ s1 =3+ j 4 2 2 2 2 2
s 2 ≫ ≫ complex conjugate s1
s 2=3− j 4
y=a1 e (3 + j 4 ) t +a 2 e (3− j 4) t
y=a1 e
3t+ j4t
+a2 e
3 t− j 4 t
y=e3 t [ a 1 e j 4 t +a2 e− j 4 t ]
Ingat, persamaan Euler!!!
ix
e =cos x+i sin x
y=e3 t [ a 1 ( cos 4 t+ j sin 4 t )+ a2 ( cos 4 t− j sin 4 t ) ]
y=e3 t [ ( a1+ a2 ) cos 4 t+ j ( a1−a 2 ) sin 4 t ]
'
3t
y =3 e [−4 ( a 1+ a2 ) s ∈4 t+ j 4 ( a1−a 2) co s 4 t ]
Substitusi syarat awal…… y ( 0 )=4 ≫ ≫ 4=a1 + a2 ≫ ≫ a1=4−a 2
dan
−ix
e =cos x−isin x
y ' ( 0 )=1≫ ≫ 1=3 j 4 ( a 1−a2 ) ≫ ≫1= j 12 ( a1−a2 )
≫≫
1 1 =a −a =≫ ≫ − j=4−a2−a2 j 12 1 2 12
≫ ≫−2 a2 =
≫ ≫ 2 a 2=
a2=2+ j
−1 1 j−4 ≫ ≫ 2 a2= j+ 4 12 12
1 1 1 j+ 4 ≫ ≫ a2= j+2 2 12 24
(
)
1 24
(
≫ ≫ a1=4−a2=4− 2+ j
a1=2− j
1 24
1 1 =2− j 24 24
)
+¿
(2− j 241 +2+ j 241 )cos 4 t+ j [( 2− j 241 )−(2+ j 241 )] ¿sin 4 t (
]
y =e 3t ¿
[(
y=e3 t 2− j
1 1 1 1 +2+ j cos 4 t+ j 2− j −2− j sin 4 t 24 24 24 24
)
(
[
(
2 sin 4 t 24
]
[
(
1 sin 4 t 12
]
y=e3 t 4 cos 4 t+ j − j
y=e3 t 4 cos 4 t+ j − j
[
y=e3 t 4 cos 4 t+
)
)
1 sin 4 t 12
)
]
]
A.2 Homogen dengan Penggunaan Persamaan Cauchy/Euler Untuk kondisi dimana terdapat persamaan bentuk:
2
''
'
x y + ax y +by=0
y=c ∙ x m
;
y ' =cm ∙ x m−1
;
dan
y ' ' =cm ( m−1 ) x m−2
sehingga persamaan menjadi: c ∙ x 2 ∙ m ( m−1 ) ∙ x m−2+ c ∙ a ∙ x ∙m ∙ x m−1 +c ∙b ∙ x m=0
Bentuk lain: c ∙ x 2 ∙ m ( m−1 ) ∙
xm xm +c ∙ a ∙ x ∙ m∙ +c ∙ b ∙ xm =0 2 x x 1 c
[dikalikan x 2 ∙ m ( m−1 ) ∙
m
], maka: m
x x + a ∙ x ∙m ∙ +b ∙ x m=0 2 x x
m ( m−1 ) ∙ x m+ am∙ x m+ b ∙ x m=0
[dikalikan
1 m x
m ( m−1 )+ am+ b=0
Bentuk lain: m 2+ ( a−1 ) m+b=0
], maka:
;
, maka diambil:
#yang digunakan; #adalah persamaan karakteristik
m 2+ ( a−1 ) m+b=0
Berdasarkan persamaan karakteristik, kemudian dicari akar-akar m2
selalu riil. (1) m ≠ m >>>>> 1
(2)
2
m1=m2
>>>>>
m1
y=c1 x + c2 x
m2
y=c1 x m + ( c 2 ∙ ln x ) x m 1
>>>>>
y=( c1 +c 2 ln x ) x m
CONTOH#1 Selesaikan persamaan berikut! ( z+ 1 )2 y ' ' +5 ( z +1 ) y ' +3 y=0
Penyelesaian: Dimisalkan:
( z+ 1 )=x
2
2
m1
dan
m2
. ##
m1
dan
2
''
'
x y +5 x y +3 y=0≫ ≫ a=5 dan b=3
2
m + 4 m+3=0 ≫ ≫ m1=−1 dan m2=−3
(#akar-akarnya riil dan tidak sama……), selanjutnya disubstitusikan ke: m1
m2
−1
−3
y=c1 x + c2 x
y=c1 x +c 2 x
−1
y=c1 ( z+1 ) +c 2 ( z +1 )
−3
CONTOH#2 Selesaikan persamaan berikut! x 2 y ' ' −3 y ' + 4=0 ; dengan : y ( 1 ) =1dan y ' (1 )=1
Penyelesaian:
2
''
'
x y −3 y + 4=0 ≫≫ a=−3 dan b=4
Substitusikan ke: m2+ ( a−1 ) m+b=0 m 2+ (−3−1 ) m+ 4=0
2
m −4 m+ 4=0 ≫ ≫ ( m−2 )( m−2 )=0 ≫ ≫ m 1=m2=2
Jawaban sementara: y=( c1 +c 2 ln x ) x 2
'
y =c 2
1 2 x + 2 x ( c 1+c 2 ln x ) x
Substitusikan syarat awal: y (1 ) =1≫ ≫ 1=( c1 + c2 ln 1 ) 1
#diketahui:
2
ln 1=0
y (1 ) =1≫ ≫ 1=( c1 + c2 0 ) ≫ ≫ 1=c 1 ≫ ≫ c 1=1
1 y ' ( 1 )=1 ≫ ≫ 1=c 2 12 +2 ∙1 ( c 1 +c 2 ln1 ) 1
≫ ≫1=c 2+ 2 ( c1 + c2 ∙0 )
≫ ≫1=c 2+ 2 c1 ≫ ≫ 1=c 2+ 2∙ 1≫ ≫ c 2=−1
Nilai
c 1=1
y=( c1 +c 2 ln x ) x
dan
c 2=−1
, disubstitusikan ke:
2
Diperoleh jawaban akhir: y=( 1−ln x ) x 2
TAK HOMOGEN
Untuk kondisi dimana terdapat persamaan bentuk:
y ' ' +a y ' +by=r ( x )
., maka jawabannya: y= y h + y p
y h= A e sx
.
yp
ditentukan sesuai penjelasan sebelumnya, metode penjumlahan jawaban homogen dan parsial/partikuler. CONTOH#1 Selesaikan persamaan berikut! ''
'
4
y +5 y + 6 y=9 x −x
Jawaban homogen: ''
'
y h +5 y h +6 y h=0
s 2 +5 s+ 6=0≫ ≫ ( s+3 ) ( s+2 )=0≫ ≫ s1=−3 ; s 2=−2
−3 x
y h= A1 e
−2 x
+ A2 e
;
y h= A e
sx
Penentuan jawaban parsial, ''
'
yp
:
4
y p +5 y p +6 y p=9 x −x
f ( x )=9 x 4 −x=e ax ∙ P n ( x ) ; a=0; n=4
4
3
2
y p=B x +C x + D x + Ex+ F
y 'p=4 B x 3 +3 C x 2+ 2 Dx+ E
''
2
y p=12 B x +6 Cx+ 2 D
Substitusikan ke persamaan, 2
:
( 12 B x + 6 Cx+2 D ) +5 ( 4 B x + 3C x +2 Dx+ E ) + 6 ( B x 4 +C x 3 + D x 2+ Ex + F ) =9 x 4−x
2
3
yp
3
2
2
4
3
2
4
12 B x +6 Cx +2 D+ 20 B x +15 C x +10 Dx+5 E+6 B x +6 C x + 6 D x +6 Ex+ 6 F=9 x −x
6 B x 4 + (20 B+6 C ) x 3 + ( 12 B+15 C+ 6 D ) x 2 + ( 6 C+10 D+6 E ) x + ( 12 D+5E+6 F )=9 x 4 −x
Suku
x4
Suku
x3
Suku
x2
Suku
x1
Suku
x
0
3 2
:
6 B=9 ≫ ≫ ≫ B=
:
3 20 B+ 6 C=0≫ ≫ 20 ∙ =−6 C ≫ ≫ C=−5 2
:
3 75−18 57 19 12 B+15 C+ 6 D=0 ≫ ≫ 12∙ +15 (−5 )+ 6 D=0 ≫ ≫ 18−75+ 6 D=0 ≫ ≫ D= = = 2 6 6 2
:
6 C+10 D+6 E=−1≫ ≫ 6 (−5 )+ 10∙
:
12 D+5E+6 F=0 ≫ ≫ 12∙
Nilai-nilai
B=
3 2
,
C=−5
,
19 −1+30−95 −66 +6 E=−1≫ ≫ E= = =−11 2 6 6
19 −114 +55 −59 +5 (−11 )+ 6 F=0 ≫ ≫ F= = 2 6 6
D=
19 2
,
E=−11
, dan
F=
−59 6
disubstitusikan ke
diperoleh: 3 4 59 3 19 2 y p= x −5 x + x −11 x− 2 2 6
y= y h + y p
−3 x
y= A1 e
−2 x
+ A2 e
3 4 59 3 19 2 + x −5 x + x −11 x− 2 2 6
4
3
2
y p=B x +C x + D x +Ex+ F
,