4 0 355 KB
1.
Gaji indri lebih banyak 20% daripada gaji Mega. Ketika Mega memperoleh kenaikan gaji 20% lebih banyak dari pada gaji Indri. Persentase kenaikan gaji Mega adalahβ¦β¦β¦ a. 0,44
b. 20
c. 44
d. 144
e. Tidak dapat ditentukan dengan pasti
Penyelesaian Misalkan I = banyaknya gaji Indri M =banyaknya gaji Mega Gaji Indri lebih banyak 20% dari gaji Mega maka : πΌ = π + 20%π = 1,2 π 6 = π 5 6 πΌ= π 5 5 π= πΌ 6 Setelah terjadi kenaikan gaji maka : π = πΌ + 20%πΌ = 1,2 πΌ 6 π 5 5 π= πΌ 6 =
Kenaikan gaji mega adalah : 6 5 11 πβ π= π 5 6 30 Jadi presentase kenaikan gaji Mega adalah : 11 30 Γ 100% = 11 Γ 6 Γ 100% 5 30 5 6πΌ = 44% Jawaban : C
2.
Setiap dong adalah ding danbeberapa dung juga dong π: Terdapat dong yang ding sekaligus dung π: Beberapa ding adalah dung
π: Terdapat dong yang bukan dung a. Hanyaπ yangbenar
b. Hanyaπ yang benar
c. Hanya π yang benar
d. π dan π keduanya benar
π. π, π, dan π semuanya salah Penyelesaian Diagram umum yang tepat untuk soal ini adalah :
βͺ
π: Terdapat dong yang ding sekaligus dung . Karena untuk setiap dong adalah ding dan beberapa dung adalah dong maka terdapat dong yang ding sekaligus dung Jadi pernyataan π adalah benar
βͺ
π: Beberapa ding ada yang dung. Karena beberapa dari dong adalah dung dan setiap dong adalah ding maka beberapa ding adalah dung Jadi, pernyataan π adalah benar
βͺ
π: Terdapat dong yang bukan dung Belum tentu terdapat dong yang bukan dung karena mungkin saja setiap dong adalah dung. Kata βbeberepaβ dalam matematika setara (ekivalen) dengan βterdapatβ atau βpaling sedikit satuβ. Diagram diatas adalah diagram yang paling umum kasus itu terjadi. Kemungkinan lain untuk gambar diagram tersebut adalah
Jadi , π dan π keduanya benar Jawaban : D
3.
Diantara 5 orang gadis, Arinta, Elsi, Putri, Rita, danVenny, 2 orang memakai rok dan 3 orang memakai celana panjang. Arinta dan Putri mengenakan jenis pakaian yang sama. Jenis pakaian Putri dan Elsi berbeda, demikian pula dengan Elsi dan Rita. Kedua gadis yang memakai rok adalah β¦β¦β¦ a. Putri dan Rita
b. Venny dan Putri
c. Elsi danVenny
d. Annita dan Putri
e. Elsi dan Aini
Penyelesaian ο° Mula β mula kita kelompokan kelima gadis tersebut kedalam dua kelompok, yaitu kelompok I yang memakai rok dan kelompok II yang memakai celan panjang. ο° Karena Arinta dan Putri memakai jenis pakaian yang sama maka Arinta dan putri berada pada keompok I. ο° Kemudian karena jenis pakaian Putri dan Elsi berbeda maka Elsi bukan kelompok I, tetapi kelompok II ο° Selanjutnya, karena Elsi dan Rita juga memakai jenis pakaian yang berbeda maka Rita bukan kelompok II, melainkan kelompok 1 ο° Jadi, kelompok I terdiri atas tiga anggota, yaitu Arinta, Putri, dan Rita ο° Karena kelompok yang mempunyai tiga anggota adalah kelompok yang memakai celana panjang maka sisanya, yaitu Elsi dan Venny adalah kelompok yang memakai rok ο° Jadi kedua gadis yang memakai rok adalah Elsi dan Venny. Jawaban :C
4.
2
1
Jika nilaiβ«1 π(π₯)ππ₯ = 6 maka nilai β«0 π₯π(π₯ 2 + 1)ππ₯ adalah β¦β¦β¦ a. 1
b. 3
c. 4
d. 5
e. 6
Penyelesaian 2
β« π(π₯)ππ₯ = 6 1 1
1
β« π₯π(π₯ 2 + 1)ππ₯ = β« π(π’). βπ’ β 1 0
0
=
1 2 β« π(π’)ππ’ 2 1
=
1 .6 2
ππ’ 2βπ’ β 1
=3 Jawaban :B
5.
Pada sebuah barisan aritmatika, nilai suku ke-25 adalah tiga kali suku ke-5. Suku yang bernilai dua kali nilai suku pertama adalah suku ke β¦β¦β¦ a. 5
b. 7
c. 9
d. 12
e. 14
Penyelesaian Diketahui suatu barisan aritmatika dengan π25 = 3π5 maka : π25 = 3π5 π1 + 24π = 3(π1 + 4π) π + 24π = 3π + 12π 2π = 12π π = 6π Suku yang bernilai dua kali nilai suku pertama adalah : ππ = 2. π1 π + (π β 1)π = 2π (π β 1)π = π (π β 1)π = 6π (π β 1) = 6 π=7 Jawaban : B
6.
Rendi membeli majalah setiap 5 hari sekali, sedangkan Rifki membeli majalah setiap 8 hari sekli. Kemarin Rendi membeli majalah ,Rifki membeli majalah hari ini. Keduanya paling cepat akan membeli majalah pada hari yang sama β¦β¦β¦ hari lagi. a. 6
b. 12
c. 18
d. 24
e. 30
Penyelesaian Andaikan Rendi dan Rifki membeli majalah bersama pada hari ini maka keduanya paling cepat akan membeli majalah pada hari yang sama pada 40 hari lagi (KPK dari 5 dan 8). Tapi pada kasus soal ini, Rendi membeli majalah lebih awal satu hari dari Rifki (kemarin) sehingga untuk mengetahui waktu keduannya akan membeli majalah pada hari yang sama, yaitu dengan mencari nilai π dan π terkecil sehingga 5π β 1 = 8π Angka 1 menunjukan salisih hari pada awal pembelian majalah. Jadi pasangan terurut terkecil (π, π) agar memenuhi 5π β 1 = 8π adalah (5,3). Jadi Rendi dan Rifki akan membeli majalah bersama paling cepat (5π β 1) atau 8π hari lagi, yaitu 24 hari lagi. Jawaban : D
7.
Parabola π¦ = ππ₯ 2 + ππ₯ + π memiliki puncak dengan koordinat (4,2). Jika titik (2,0) terletak pada parabola maka πππ =β¦β¦β¦ a. 6
b. 12
c. 18
d. 24
Penyelesaian Puncak parabola π¦ = ππ₯ 2 + ππ₯ + π adalah (4,2). Maka : π¦ β² = 2ππ₯ + π 8π + π = 0 β¦..(1) Parabola melalui titik (4,2) maka : π¦ = ππ₯ 2 + ππ₯ + π 16π + 4π + π = 2 β¦β¦.(2) Parabola melalui titik (2,0) maka : π¦ = ππ₯ 2 + ππ₯ + π 4π + 2π + π = 0 β¦β¦.(3) Eliminasi persamaan (2) dan (3), diperoleh : 16π + 4π + π = 2 4π + 2π + π = 0 β 12π + 2π = 2 6π + π = 1 β¦β¦.(4) Eliminasi persamaan (1) dan (4), diperoleh : 8π + π = 0 β
6π + π = 1 2π = β1 1
π = β 2 β¦β¦.(5) 1
Subtitusikan π = β 2 kepersamaan (4), diperoleh : 6π + π = 1 π = 1 β 6π = 1+3 =4 1
Subtitusikan π = β 2 dan π = 1 kepersamaan (3),diperoleh: 4π + 2π + π = 0 π = β42 β 2π = 2β8
e. 30
= β6 1
Jadi, πππ = (β 2) (4)(β6) = 12 Jawaban : B
8.
Sebuah garis πΌ, mempunyai kemiringan -2 dan melalui titik (π, β3). Sebuah garis lainnya πΌ2 , tegak lurus terhadap πΌ1 di titik (π, π) dan melalui titik (6, π). Bila dinyatakan dalam π maka π =β¦β¦β¦ 5
a.
2 6
b.
5
π
15
c.
5 4
d. e.
π
5 2 5
π
π π
Penyelesaian Misalkan: garis πΌ1 , adalah π¦ = ππ₯ + π. Karena gradien dari πΌ1 , adalah -2 dan melalui titik (π, β3) maka persamaan πΌ1 , menjadi : β3 = β2π + π π = β2π β 3 Akibatnya, persamaan πΌ1 menjadi π¦ = β2π₯ + (2π + 3) Selanjutnya, misalkan πΌ2 adalah π¦ = ππ₯ + π Karena πΌ1 β₯ πΌ2 maka : π1 . π2 = β1 β2π = β1 1
π=2 1
Jadi, persamaan garis πΌ2 menjadi π¦ = 2 π₯ + π. Kemudian, karena garis πΌ2 melalui (6, π) maka : 1 π₯+π 2 1 π = ( ) (6) + π 2 π¦=
π =3+π π =πβ3 Jadi, persamaan garis πΌ2 menjadi : π¦=
1 π₯ + (π β 3) 2
Karena πΌ1 dan πΌ2 berpotongan maka : π¦1 = π¦2 β2π₯ + (2π + 3) =
1 π₯ + (π β 3) 2
5 π₯=π 2 2 π₯= π 5 Jawaban : E
9.
Diketahuisegitiga OAB sepertigambarberikut !
Titik πΆ pada garis π΄π΅ dan titik π· pada garis ππ΅. Titik π pada perpotongan garis ππΆ dan π΄π· sedemikian hingga π΄πΆ: πΆπ΅ = 2: 1 dan : π·π΅ = 1: 3 . tentukanππ: ππΆ β¦β¦.. a. 1 : 4
b. 1 : 3
c. 2 : 5
d. 1 : 2
e. 3 : 8
Penyelesaian Karena panjang ππ΄ tidak ditentukan maka segitiga ππ΄π΅ berlaku untuk sembarang segitiga. Misalkan, kita pilih segitiga siku β siku di , panjang ππ΄ = 5, π΄π΅ = 3, dan π΅π = 4 seperti diperlihatkan pada gambar berikut ini !
Perhatikan segitiga π΄π΅π! Dari kesamaan luas segitiga diperoleh : 1 1 (ππ΄)(πΈπ΅) = (π΄π΅)(π΅π) 2 2 5(πΈπ΅) = (3)(4) 12 πΈπ΅ = 5 Perhatikan segitiga ππ΅πΈ siku β siku di πΈ maka : ππΈ = β(π΅0)2 β (π΅πΈ)2 12 2
= β42 β ( ) 5
= β16 β
=β
144 25
256 25
16 5 π΄πΈ = π΄π β ππΈ 16 =5β 5 9 = 5 Perhatikan bahwa segitiga ππ΅πΈ dan ππ·πΊ sebangun maka berlaku : ππ΅ π΅πΈ = ππ· π·πΊ 12 4 = 5 1 π·πΊ 3 π·πΊ = 5 Dan juga beralaku : ππ΅ ππΈ = ππ· ππΊ =
16 4 = 5 1 π·πΊ 4 π·πΊ = 5 4 3 Jadi titik π· adalah (5 , 5) Selanjutnya, perhatikan bahwa segitiga π΄π΅πΈ dan π΄πΆπΉ juga sebangun maka berlaku : π΄π΅ π΅πΈ = π΄πΆ πΆπΉ 12 3 = 5 2 πΆπΉ 8 πΆπΉ = 5 Dan berlaku : π΄π΅ π΄πΈ = π΄πΆ π΄πΉ 9 3 = 5 2 π΄πΉ 6 π΄πΉ = 5 6 8 19 8 Jadi titik π· adalah (5 β 5 , 5) = ( 5 , 5) Persamaan garis ππΆ adalah persamaan garis yang melalui titik π(0,0) dan titik 19 8
πΆ ( 5 , 5). Jadi persamaan garis ππΆ adalah : π₯β0 π¦β0 = 19 8 β0 β0 5 5 π₯ π¦ = 19 8 5 5 8 π¦= π₯ 19 Persamaan garis π΄π· adalah persamaan garis yang melalui titik π΄(5,0) dan titik 4 3
π· (5 , 5) π₯β5 π¦β0 = 4 3 β5 β0 5 5 π₯β5 π¦ = 21 3 β 5 5 π₯β5 π¦= β5 Titik π adalah titik perpotongan garis ππΆ dan π΄π·, akibatnya : π¦1 = π¦2
8 π₯β5 π₯= 19 β7 β56 π₯ =π₯β5 19 56 π₯+π₯ =5 19 75 π₯=5 19 19 π₯= 15 19 Jadi ππ» = 15 Perhatikan bahwa segitiga ππ»π dan ππΉπΆ sebangun maka berlaku : ππ ππ» = ππΆ ππΉ 19 ππ 15 = ππΆ 19 5 ππ 1 = ππΆ 3 Akibatnya ππ ππ = ππΆ ππΆ β ππ ππ 1 = ππΆ 3 β 1 ππ 1 = ππΆ 2 Jadi 0π: ππΆ = 1: 2 Jawaban : D
10.
Pada segitiga π΄π΅πΆ yang siku β siku di πΆ, π΄πΈ dan π΅πΉ adalah garis β garis berat. Maka π΄πΈ 2 +π΅πΉ 2 π΄π΅2
a. b. c. d. e.
= β¦β¦
5 4 4 4 4 5 3 4 3 5
Penyelesaian :
Perhatikan gambar berikut.
Karena π΄πΈ dan π΅πΉ adalah garis β garis 1
1
berat, maka πΆπΈ = 2 π΅πΆ dan πΆπΉ = 2 π΄πΆ dengan menggunakan teorema phytaoras, maka diperoleh hubungan berikut ini : π΄πΈ 2 + π΅πΉ 2 = (π΄πΆ 2 + πΆπΈ 2 ) + (π΅πΆ 2 + πΆπΉ 2 ) 1
1
ο° π΄πΈ 2 + π΅πΉ 2 = π΄πΆ 2 + 4 . π΅πΆ 2 + π΅πΆ 2 + 4 . π΄πΆ 2 5
ο° π΄πΈ 2 + π΅πΉ 2 = (π΄πΆ 2 + π΅πΆ 2 ) 4 5
ο° π΄πΈ 2 + π΅πΉ 2 = 4 π΄π΅ 2 Jadi,
π΄πΈ 2 +π΅πΉ2 π΄π΅2
5
=4
Jawaban :A
11.
Banyaknya bilangan real bulat yang memenuhipertidaksamaan π₯ < β37π₯ + 2010 adalah β¦β¦. a. 100
b. 105
c. 110
d. 115
e. 120
Penyelesaian π₯ < β37π₯ + 2010 dapat dinyatakan sebgai π₯ 2 β 37π₯ β 2010 < 0 ο° (π₯ β 67)(π₯ + 30) < 0 ο° β30 < π₯ < 67 Ini berarti ada 96 buah bilangan bula yang terletak dalam interval β30 < π₯ < 67 Perhatikan pula bahwa 37π₯ + 2010 β₯ 0 ; π₯ β₯ β
2010 37
. Karena β30 < π₯ < 67 berarti
ada 24 buah bilangan nulat yang memenuhi. Jadi banyaknya bilangan bulat yang memenuhi pertidaksamaan π₯ < β37π₯ + 2010 ada 96 + 24 = 120 buah Jawaban : E
12.
1
1
Misalkanπ, π, π adalah bilangan β bilangan real yang memenuhi π + π = 5; π + π = 1
1
12 dan π + π = 13. Tentukan nilai dari πππ + πππ a. 250
b. 500
c. 750
d. 780
e. 950
Penyelesaian 1 1 1 (π + ) (π + ) (π + ) = 5.12.13 π π π ο° πππ +
1 πππ
+ 5 + 12 + 13 = 780
1
ο° πππ + πππ = 750 Jawaban : C
13.
Jika dua bilangan bulat positif π dan π memnuhi persamaan π2 β π 2 = 2011, maka nilai dari π adalah β¦β¦. a. 1.000
b. 1.005
c. 1.010
c. 1.015
e. 1.020
Penyelesaian π2 β π 2 = 2011 ο° (π + π)(π β π) = 2011 ο° (π + π)(π β π) = 2011.1 ο° π + π = 2011 atau π β π = 1 Dengan menyelesaikan sistem persamaan π + π = 2011 (π) atau βπ = 1 (ππ), dari persamaan (ππ) diperoleh π = 1 + π Dengan mensubtitusikan π = 1 + π kepersamaan (π) π + π = 2011, maka diperoleh π = 1005 Jawaban : B
14.
Nilai dari((β2 + 1)7 + (β2 β 1)7 )2 ((β2 + 1)7 + (β2 β 1)7 )2 = β¦β¦. a. 1
b. 2
c. 3
d. 4
e. 5
Penyelesaian Misalkan π = (β2 + 1)7 dan π = (β2 β 1)7 . Maka bentuk ((β2 + 1)7 + (β2 β 1)7 )2 ((β2 + 1)7 + (β2 β 1)7 )2 dapat ditulis sebagai : (π + π)2 β (π + π)2 = 4ππ = 4(β2 + 1)7 (β2 β 1)7
= 4((β2 + 1)(β2 β 1)7 = 4(2 β 1)7 =4 Jadi ((β2 + 1)7 + (β2 β 1)7 )2 ((β2 + 1)7 + (β2 β 1)7 )2 = 4 Jawaban : D
15.
Dalam suatu petemuan terjadi 28 jabat tangan (salaman).setiap dua orang saling berjabat tangan paling banyak sekali. Banyak orang yang hadir dalam pertemuan tersebut paling sedikit adalahβ¦β¦β¦ a. 28
b. 27
c. 14
d. 8
e. 7
Penyelesaian Misalkan terdapat π orang dalam suatu pertemuan dan seluruh orang tersebut dinotasikan dengan π₯1 , π₯2 , β¦ . . , π₯πβ1 , π₯π . Karena untuk setiap dua orang hanya terjadi maksimal satu kali jabat tangan (bersalaman) dan banyaknya jabat tangan yang terjadi adalah 28 kali maka π₯1 bersalaman maksimum (π β 1) kali. Kemudian, karena π₯2 telah bersalaman dengan π₯1 sebelumnya maka π₯2 hanya boleh bersalaman lagi sebanyak maksimum (π β 2) kali. Begitulah seterusnya sehingga π₯πβ1 hanya boleh bersalaman seali, yaitu dengan π₯π . Jadi banyaknya jabat tangan adalah : (π β 1) + (π β 2) + β― . . +2 + 1 = 28 Banyaknya jabat tangan membentuk suatu deret aritmatika dengan suku pertama π1 = π β 1, suku terakhir ππ = 1 dan π = 1 maka : π ππ = (π1 + ππ ) 2 (π β 1) 28 = ((π β 1) + 1) 2 56 = π(π β 1) π2 β π β 56 = 0 (π β 8)(π + 7) = 0 π = 8 atau π = β7 Karena banyaknya orang harus bernilai positif maka nilai yang memenuhi adalah = 8 . Jadi nilai π minimum sehingga terjadi 28 kali salaman dalam pertemuan itu adalah 8. Jawaban : D
16.
Apabila π106 + π404 + π2019 = 1653, dan π106 = β923. Berapa nilai π2020 = .....? a. 3.000 b. 4.999 c. 2.905 d. 2.906 e. 5.000 Penyelesain π106 + π404 + π2019 = 1653 a + 105b + a + 403b + a + 2018b = 1653 3a + 2526b = 1653 (dibagi 3) a + 842b = 551 a = 551 β 842b π106 = -923 a + 105b = -923 551 β 842b + 105b = -923 -737b = -1.474 b=2 Subtitusi b a + 105(2) = -923 a + 210 = -923 a = - 1.133 Sehingga suku 2020 a + 2019b = ... -1.133 + 2019(2) = 2.905
17.
Suatu segitiga UMG mempunya titik A pada sisi MG panjang sisi UG = 100, AG = 35, AM = 45, AU = 30. Berapa panjang (UM)2 ? a. 7.200 b. β 7.200 c. 8.200 d. β 8.200 e. 9000 Penyelesaian dalil stewart UM2 x AG + UG2 x AM = AU2 x MG + MG x AM x AG UM2 x 35 + 1002 x 45 = 302 x 80 + 80 x 45 x 35 UM2 x 35 = 198.000 β 450.000 UM2 = -7.200
18.
Berapa banyak susunan yang dapat dibuat dari kata BRAUGHT dengan huruf hidup tak pernah dipisahkan ? a. 2014 b.2880 c. 1440 d. 3018 e. 2019 Penyelesaian diketahui kata braught . Jika huruf hidup tak dipisahkan AU maka AU dianggap sebagai 1, berarti tempat huruf ada (5 +1) = 6. Huruf sis : DRGHT ada 5 permutasi = 5!. Sedangkan AU bisa dibalik UA sehingga ada 2! cara.
Banyaknya susunannya = 6 x 5!2! = 6x5x4x3x2x1x2 = 1440. 19.
Jika 62ab427 adalah suatu kelipatan 99, tentukan digit a dan b .... a. a=2 dan b = 4 b. a=5 dan b = -4 c. a= 7dan b = 2 d. a=9 dan b=-2 e. a=4 dan b = 5 Penyelesaian Bilangan yang habis dibagi 99 adalah bilangan yang habis dibagi 9 dan 11. Bilangan yang habis dibagi 9 adalah bilangan yang jumlah digit-digitnya habis dibagi 9 sehingga 6 + 2 + a + b + 4+ 2 + 7 = 9k , k bulat. a + b + 21 = 9k . (Untuk 9k yang terdekat adalah 27.) Cukuplah k = 1 dan jumlahkan kembali digit-digit pada ruas kiri yaitu a+b+2+1=9 atau a + b = 6.
(i)
Karena bilangan tersebut juga habis dibagi 11 maka perlu dibuat bahwa bilangan habis dibagi 11 jika jumlah selang-selingnya habis dibagi 11. Sehingga 6 - 2 + a - b + 4 - 2 + 7 = 11. Atau a- b = -2.
(ii)
Jadi diperoleh 2 persamaan a + b = 6, a- b = -2. Kedua persamaan diselesaikan diperoleh a = 2 dan b = 4.
20.
Dalam sebuah kotak terdapat 5 bola merah dan 10 bola putih. Jika diambil dua bola secara bersamaan, peluang memperoleh dua bola berwarna sama adalahβ¦β¦β¦
a. b. c. d. e.
1 2 1 4 2 21 10 21 11 21
Penyelesaian Penyelesaian Dengan cara pengambilan dua bola sekaligus. Misalkan : π menyatakan terambilnya bola merah π menyatakan terambilnya bola putih Semua kombinasi kejadian yang mungkin adalah ππ, ππ, dan ππ π(berwarna sama) = π(ππ) + π(ππ) πΆ25 πΆ210 = 15 + 15 πΆ2 πΆ2 =
πΆ25 + πΆ210 πΆ215
5! 10! + 8! 2! 3! 2! = 15! 13! 2! =
10 + 45 105
=
55 105
=
11 21
Jawaban : E
21.
Jikaπ(π₯π¦) = π(π₯ + π¦) dan π(7) = 7 maka π(49) =β¦β¦β¦ a. 28
b. 21
c. 14
Penyelesaian Diketahui π(π₯π¦) = π(π₯ + π¦) dan π(7) = 7 Maka : 7 = π(7) = π(7.1) = π(7 + 1) = π(8) 7 = π(8) = π(8.1) = π(8 + 1) = π(9) β¦β¦
d. 7
e. 3
7 = π(47) = π(47.1) = π(47 + 1) = π(48) 7 = π(48) = π(48.1) = π(48 + 1) = π(49) Jadi , π(49) = 7 Jawaban : D
22.
Tentukannilaidariperkalianberikut : (1 β
a. b. c. d. e.
1 1 1 1 ) (1 ) (1 ) (1 β β β¦ . β )) 22 32 42 20032
1002 2003 1003 2003 1004 2003 1004 2003 1005 2003
Penyelesaian 1 1 1 1 ) (1 β 2 ) (1 β 2 ) β¦ . (1 β )) 2 2 3 4 20032 1 1 1 1 1 1 2 2 ) (1 + ) = (1 β ) (1 + ) (1 β ) (1 + ) (1 β ) (1 + ) β¦ . (1 β 2 2 3 3 4 4 2003 2003 1 3 2 4 3 2002 2004 )( ) = ( )( )( )( )( )β¦.( 2 2 3 3 4 2003 2003 1 2004 ) = ( ) (1)(1) β¦ . ( 2 2003 1002 = 2003 (1 β
Jawaban : A
23.
Terdapat trapesium siku-siku, persegi dan lingkaran yang memiliki keliling sama yaitu 36 satuan, berapakah nilai tertinggi dari perkalian luas setiap bangun .... ? a. Persegi x trapesium siku-siku b. Persegi x lingkaran c. trapesium siku-siku x trapesium siku-siku d. trapesium siku-siku x lingkaran e. Persegi Penyelesaian a. Persegi x trapesium siku-siku
= s x s x (jml sejajar)x t / 2 = 81 x 54 = 4.374 b. Persegi x lingkaran = s x s x π x r2 = 81 x 1.1344/11 = 91. 854/11 c. trapesium siku-siku x trapesium siku-siku = (jml sejajar)x t / 2 x (jml sejajar)x t / 2 =54 x 54 = 2.916 d. trapesium siku-siku x lingkaran = (jml sejajar)x t / 2 x π x r2 = 54 x 1.134 / 11 = 61. 236 / 11
24.
Diketahuibahwaluasdaerahsegienamberaturanπ΄π΅πΆπ·πΈπΉ adalah 1 satuan luas. Tentukan luas daerah π΄π΅πΆπ·πΈ
a. b. c. d. e.
2 3 3 3 3 2 5 3 5 2
Penyelesaian Perhatikan gamabr berikut
Misalkan π adalah pusat segi enam beraturan tersebut. Tampak dari pusat tersebut 1
bahwa segi enam terbagi menjadi enam daerah yang kongruen (luasnya berarti ). 6
1
2
Akibatnya luas daerah π΄π΅πΆπ· = 4. 6 = 3 satuan luas.
Jawaban : A
25.
Sebuah mangkok dibuat dengan cetakan yang dibentuk dengan persamaan y2 β 18x2 + 2x = 0 yang diputar dalam sumbu x, dengan batas 1 sampai 3. Berapa volume mangkok tersebut ... a. 184 π b. 154 1//2 π c. 148 π d. 126 1//2 π e. 126 π Penyelesaian volume kurva putar 3
= π β«1 18 π₯ 2 β 2π₯ 3 = π| 6 π₯ 3 β π₯ 2 | 1 = π 6 (3)3 β (3)2 - 6 (1)3 β (1)2 = (153 β 5 ) π = 148 π
26.
Bila 2U βM β G = 0, carilah nilai a.
27.
-1
b. 2
(MβG)(β2UβG)(2U β M)(βM+G)
c. 3
π 2 ππΊ d. -4
= ...
e. -5
Jika sin(π₯ + 150o) dengan 0Β° β€ π₯ β€ 15Β° maka nilai sin (2π₯ + 60Β°) adalah β¦β¦. a. b. c. d. e.
1 2 1 2 1 2 1 2 1 2
β π2 + πβ3(1 β π2 ) + π2 β πβ3(1 β π2 ) + π2 β πβ3(1 + π2 ) β π2 β πβ3(1 β π2 )
β π2 β πβ3(1 + π2 )
28.
Jika ada persamaan polinom yang memiliki akar-akar yang membentuk deret aritmatika dengan beda 2. Persamaan itu adalah x4 β ux3 + mx2 β gx + 384. Carilah nilai dari u,m,g ....! a. u = 20, m = 140, g = 400 b. u = 40, m = 160, g = 440 c. u = 20, m = 400, g = 140 d. u = 40, m = 440, g = 160 e. u = 40, m = 140, g = 160
29.
Dalam lapangan UMG terdapat mahasiswa yang bermain bulu tangkis, basket, voli dan futsal. Terdapat 2019 mahasiswa dengan ketentuan 12 menyukai bulu tangkis, 24 menyukai basket, 16 menyukai voli, dan 14 menyukai futsal. 21 mahasiswa suka bulu
tangkis dan futsal, 26 anak suka bulu tangkis dan basket, 16 menyukai voli dan basket, 14 menyukai voli dan futsal, 25 menyukai futsal dan basket. Diklasifikasikan lagi 24 mahasiswa menyukai futsal, bulu tangkis dan basket, 23 menyukai basket voli dan futsal. Berapa mahasiswa yang tidak menyukai semua olahraga tersebut ? a. 1.804 b. 1.757 c. 2.008 d. 2.010 e. 2.804 30.
Apabila ada 3 persamaan : U + βπ2 πΊ = 20 π2 - βπ 2 πΊ 2 = 40 M - βπ 2 πΊ 2 = 20 Berapa nilai yang dibentuk dari U2 + M β G2 = .... a. 51 b. 52 c. 42 d. 41
e. 62