4 0 406 KB
Soal
Pembahasan
Nomor 1 Diketahui sisi terpanjang dari segitiga siku-siku ABC dan DEF berturut-turut adalah 17 cm dan 13 cm. Bila diketahui sisi dari kedua segitiga tersebut adalah bilangan bulat maka luas segitiga DEF dibandingkan segitiga ABC adalah β¦ (A) 1:2 (B) 1:3 (C) 2:3 (D) 1:4 (E) 2:5 Jawaban : A Diketahui segitiga siku-siku ABC dan DEF dengan sisi terpanjang masnig-masing adalah 13 cm dan 17 cm. Sisi dari kedua segitiga tersebut adalah bilangan bulat maka berdasarkan teorema pyhtagoras dapat diketahui segitiga ABC dan DEF adalah sebagai berikut,
Diketahui luas segitiga adalah πΏ =
ππππ Γ π‘πππππ 2
Sehingga luas segitiga DEF dibandingkan ABC adalah sebagai berikut,
πΏπ·πΈπΉ : πΏπ΄π΅πΆ = Tingkatan Soal Materi Level Kognitif HOTS UTBK
Sulit Geometri C4 Ya Ya
12 Γ 5 15 Γ 8 : = 30: 60 = 1: 2 2 2
Nomor 2 1945 + 17 Γ 8 β 1281 Γ· 21 = β―
Soal A. B. C. D. E. Pembahasan
698 670 2020 2019 3015
Jawaban : C Diketahui
Tingkatan Soal Materi Level Kognitif HOTS UTBK
1945 + 17 Γ 8 β 1281 Γ· 21 = β― Kerjakan bagian perkalian dan pembagiannya terlebih dahulu, seperti berikut 1945 + (17 Γ 8) β (1281 Γ· 21) = β― 1945 + 136 β 61 = β― 2081 β 61 = 2020 Mudah Operasi Bilangan C3 Bukan Ya Nomor 3
Soal
Jika keliling bangun datar diatas adalah 80, maka berapakah luasnya? (gunakan π = 22/7) A. 250 B. 273 C. 320 D. 196 E. 77 Pembahasan
Jawaban : B Diketahui: πΎπππππππππ = π2π Perhatikan bahwa
Kelilingnya merupakan 3 keliling setengah lingkaran ditambah satu sisi persegi Sehingga, 1 πΎ = 3 ( π2π) + 2π 2 πΎ = 3(ππ) + 2π πΎ = π(3π + 2) 22 80 = π (3 Γ + 2) 7 66 14 80 = π ( + ) 7 7 80 80 = π ( ) 7 π=7 Mencari luasnya Perhatikan bahwa
Sehingga luasnya merupakan gabungan luas persegi dan luas setengah lingkaran πΏππππ πππ = π 2 = (2π)2 πΏππππ πππ = 142 = 196 πΏ1 2
πππππππππ
1 1 22 = ππ 2 = Γ Γ 72 = 77 2 2 7
Sehingga luas gabungannya adalah πΏ = 196 + 77 = 273 Tingkatan Soal Materi Level Kognitif HOTS UTBK
Sedang Geometri C4 Ya Ya Nomor 4
Soal
Berapakah besar sudut β π΄π΅πΆ? A. 65Β° B. 72Β° C. 27Β° D. 30Β° E. 43Β° Pembahasan
Jawaban : E Langkah pertama akan dicari sudut β π΄πΆπ΅ π = 180Β° β 115Β° = 65Β° Kita tahu bahwa jumlah sudut dalam di bangun datar segitiga adalah 180Β°, maka β π΄πΆπ΅ + β πΆπ΄π΅ + β π΄π΅πΆ = 180Β° 65Β° + (2π₯)Β° + (π₯ + 7)Β° = 180Β° 72Β° + (3π₯)Β° = 180Β° (3π₯)Β° = 180Β° β 72Β° (3π₯)Β° = 108Β° π₯ = 36Β°
Tingkatan Soal Materi Level Kognitif HOTS UTBK
Didapatkan π₯ = 36Β°, sehingga besar sudut sudut β π΄π΅πΆ adalah β π΄π΅πΆ = π₯ + 7Β° = 36Β° + 7Β° = 43Β° β π΄π΅πΆ = 43Β° Mudah Geometri C4 Ya Ya Nomor 5
Soal Nilai ujian
5,5
6
7
8,5
Frekuensi
20
50
30
40
9 π
Dari table ujian diatas, jika nilai rata-ratanya adalah 7, maka π = β― A. 10 B. 20 C. 30 D. 40 E. 50 Pembahasan
Jawaban : A Total nilai ujian Total = 5,5(20) + 6(50) + 7(30) + 8,5(40) + 9π Total = 110 + 300 + 210 + 340 + 9π = 960 + 9π Total frekuensi = 20 + 50 + 30 + 40 + π = 140 + π π
ππ‘π β πππ‘π πππππ =
πππ‘ππ πππππ π’ππππ πππ‘ππ πππππ’πππ π
960 + 9π 140 + π 7(140 + π) = 960 + 9π 2π = 980 β 960 π = 10 7=
Tingkatan Soal Materi Level Kognitif HOTS UTBK
Soal
Pembahasan
Jadi, π = 10 Mudah Statistika C4 Ya Ya Nomor 6 Operasi β dalam himpunan bilangan bulat didefinisikan sebagai π β π = π(π β π). Maka 6 β (3 β β2) = β― A. β54 B. 54 C. β18 D. 9 E. 15 Jawaban : A Diketahui π β π = π(π β π) Ditanyakan 6 β (3 β β2) = β― Kerjakan bagian di dalam tanda kurung terlebih dahulu 3 β β2 = 3(3 β (β2)) = 15
Selanjutnya 6 β (3 β β2) = 6 β 15 6 β 15 = 6(6 β 15) = 6(β9) = β54 Tingkatan Soal Materi Level Kognitif HOTS UTBK
Soal
Pembahasan
Mudah Operasi Bilangan C4 Bukan Ya Nomor 7 Jika 20 karung pakan ayam bisa untuk memberi makan 40 ekor ayam selama 7 hari. Maka berapa lama 20 karung pakan ayam itu bisa habis jika ditambah 16 ekor ayam? A. 4 B. 5 C. 8 D. 9 E. 3 Jawaban : B Akan digunakan perbandingan terbalik pada soal ini. 40 ππππ ππ¦ππ = 7 βπππ 40 + 16 = 56 ππππ ππ¦ππ = π βπππ Sehingga 40 ππ¦ππ Γ 7 βπππ = 56 ππ¦ππ Γ π βπππ 40 Γ 7 π= = 5 βπππ 56 Jadi, waktu yang dibutuhkan untuk menghabisakan 20 karung pakan ayam adalah 5 hari
Tingkatan Soal Materi Level Kognitif HOTS UTBK
Soal
Pembahasan
Mudah Perbandingan C3 Bukan Ya Nomor 8 Seorang supir berangkat dari Kota X ke kota Y mengendarai mobil pick up dengan kecepatan 80 km/jam. Jarak kota X ke kota Y di peta adalah 12 cm. Dengan skala peta 1: 4.500.000. Jika supir berangkat dari kota X pada pukul 06.13, pada pukul berapakah supir tersebut sampai di kota Y? A. 13.05 B. 13.13 C. 12.45 D. 12.58 E. 13.58 Jawaban : D Langkah pertama menentukan jarak asli kota X dan kota Y. 1 12 = 4500000 π π = 12 Γ 4500000 π = 54000000 ππ = 540 ππ Rumus kecepatan πππππ π€πππ‘π’ πππππ π€πππ‘π’ = πππππππ‘ππ 540 6 3 π€πππ‘π’ = = 6 = 6 πππ 80 8 4 πππππππ‘ππ =
Perhatikan bahwa 3 3 πππ = ( Γ 60) πππππ‘ = 45 πππππ‘ 4 4
Tingkatan Soal Materi Level Kognitif HOTS UTBK
Soal
Pembahasan
Sehingga waktu yang dibutuhkan dari kota X ke kota Y adalah 6 jam 45 menit. Jadi, supir akan sampai di kota Y pada pukul 12.58. Sulit Kecepatan rata-rata C4 Ya Ya Nomor 9 Lima belas data memiliki rata-rata 70, namun setelah dilakukan pengecekan, terdapat 2 nilai yang tidak sesuai. Data yang tertulis adalah 60 dan 83 seharusnya secara berturut-turut adalah 53 dan 75. Dilakukan koreksi terhadap data. Hubungan yang benar antara π dan π berdasarkan informasi yang diberikan adalahβ¦ π π Rata-rata setelah 65 dikoreksi A. π > π B. π < π C. π = π D. Tidak dapat ditentukan hubungan π dan π Jawaban : A Misalkan π = ππππ¦ππ πππ‘π π₯1 = π
ππ‘π β πππ‘π ππ€ππ π₯2 = π
ππ‘π β πππ‘π π ππππππππ¦π Diketahui
π = 15 π₯1 = 70 Nilai yang tertulis adalah 60 dan 83, dan nilai yang sebenarnya adalah 53 dan 75, sehingga rata-rata yang sebenarnya adalah π₯1 β π β 60 β 83 + 53 + 75 π₯2 = π 70 β 15 β 15 = 15 = 69 Maka, π > π Tingkatan Soal Materi Level Kognitif HOTS UTBK
Soal
Pembahasan
Sedang Statistika C4 Ya Ya Nomor 10 Misalkan π₯, π¦, π§ merupakan bilangan bulat yang memenuhi persamaan β2π₯ + π¦ + π§ = 9. Berapakah nilai π¦? Putuskan apakah pernyataan 1 dan 2 berikut cukup untuk menjawab pertanyaan tersebut. 1) π§ = 2 2) π₯ β 2π¦ + π§ = 3 A. Pernyataan (1) saja cukup untuk menjawab pernyataan, tetapi pernyataan (2) saja tidak cukup B. Pernyataan (2) saja cukup untuk menjawab pernyataan, tetapi pernyataan (1) saja tidak cukup C. Dua pernyataan bersama-sama cukup untuk menjawab pernyataan, tetapi satu pernyataan saja tidak cukup D. Pernyataan (1) saja cukup untuk menjawab pernyataan dan (2) saja cukup E. Pernyataan (1) dan pernyataan (2) tidak cukup untuk menjawab pernyataan Jawaban : C Diketahui persamaan β2π₯ + π¦ + π§ = 9 Jika hanya menggunakan pernyataan (1), yaitu π§ = 2, maka
β2π₯ + π¦ + 2 = 9 β β2π₯ + π¦ = 7 Masih memerlukan satu persamaan lagi untuk mendapatkan nilai π¦, sehingga pernyataan (1) saja tidak cukup untuk mendapatkan nilai π¦. Jika hanya menggunakan pernyataan (2), yaitu π₯ β 2π¦ + π§ = 3, maka π§ = 3 β π₯ + 2π¦ Substitusikan ke dalam persamaan β2π₯ + π¦ + π§ = 9, maka β2π₯ + π¦ + 3 β π₯ + 2π¦ = 9 β β3π₯ + 3π¦ = 6 β βπ₯ + π¦ = 2 Masih memerlukan satu persamaan lagi untuk mendapatkan nilai π¦, sehingga pernyataan (2) saja tidak cukup untuk mendapatkan nilai π¦. Jika pernyataan (1) dan (2) digunakan secara bersama-sama, maka diketahui π§ = 2 dan π₯ β 2π¦ + π§ = 3. Sebelumnya telah diperoleh β2π₯ + π¦ = 7 dan βπ₯ + π¦ = 2.
Tingkatan Soal Materi Level Kognitif HOTS UTBK
Substitusikan βπ₯ + π¦ = 2 β π₯ = π¦ β 2 ke β2π₯ + π¦ = 7. β2(π¦ β 2) + π¦ = 7 β β2π¦ + 4 + π¦ = 7 β π¦ = β3 Dengan demikian, nilai π¦ dapat diperoleh dengan menggunakan pernyataan (1) dan (2) secara bersama-sama dan tidak cukup jika hanya menggunakan satu pernyataan saja. Mudah Hubungan variabel C3 Bukan Ya Nomor 11
Soal
Diketahui garis π₯ = ππ¦ dengan π merupakan bilangan bulat dan parabola π₯ 2 + 4π¦ + 1 = 0. Jika garis memotong parabola di dua titik, maka nilai π yang mungkin adalahβ¦ 1) 0 2) 1 3) β1 4) β2 A. (1), (2), πππ (3) saja B. (1) dan (3) saja C. (2) dan (4) saja D. (4) saja E. Semua pilihan benar
Pembahasan
Jawaban : A
Tingkatan Soal Materi Level Kognitif HOTS UTBK
Diketahui garis π₯ = ππ¦ memotong parabola π₯ 2 + 4π¦ + 1 = 0, maka (ππ¦)2 + 4π¦ + 1 = 0 β π 2 π¦ 2 + 4π¦ + 1 = 0 Karena garis memotong parabola di dua titik, maka π·>0 β 42 β 4(π 2 )(1) > 0 β 16 β 4π 2 > 0 β 4π 2 β 16 < 0 β (2π + 4)(2π β 4) < 0 β β2 < π < 2 Sehingga, nilai π yang memenuhi adalah {β1, 0, 1}. Sedang Fungsi Kuadrat C3 Bukan Ya
Nomor 12 Soal
1 2
Suatu garis pada bidang-π₯π¦ melalui titik (2,5) dengan gradien . Manakah di antara koordinat berikut yang terletak pada garis tersebut? 1) (0, 4) 1 2
2) (1, 4 ) 3) (2, 5) 1 2
4) (3, 5 ) A. B. C. D. E. Pembahasan
(1), (2), πππ (3) saja (1) dan (3) saja (2) dan (4) saja (4) saja Semua pilihan benar
Jawaban : E Persamaan garis lurus yang melalui titik (π₯1 , π¦1 ) dengan gradien π dapat diperoleh dengan π¦ β π¦1 = π(π₯ β π₯1 ) 1 Diketahui bahwa garis melalui titik (2,5) dengan gradien π = 2. Sehingga persamaan garis tersebut adalah 1 π¦ β 5 = (π₯ β 2) 2 1 βπ¦ = π₯β1+5 2 1 βπ¦ = π₯+4 2 Substitusikan nilai π₯ yang ada di pilihan jawaban ke persamaan garis. 1 π₯ = 0 β π¦ = (0) + 4 = 4 2 1 1 π₯ = 1 β π¦ = (1) + 4 = 4 2 2 1 π₯ = 2 β π¦ = (2) + 4 = 5 2 1 1 π₯ = 3 β π¦ = (3) + 4 = 5 2 2
Tingkatan Soal Materi Level Kognitif HOTS UTBK
Soal
Pembahasan
Sehingga, titik-titik koordinat yang terletak pada garis tersebut adalah 1 1 (0, 4), (1, 4 ) , (2, 5), (3, 5 ) 2 2 Sedang Persamaan garis C3 Bukan Ya Nomor 13 Jika terdapat dua kotak dengan kotak I berisi 10 bola putih dan 5 bola merah. Dan kotak II berisi 4 bola putih dan 4 bola merah. Dari kotak I dan kotak II masing-masing diambil dua bola satu persatu dengan pengembalian. Manakah hubungan yang benar antara kuantitas π dan π berdasarkan informasi yang diberikan? π π Peluang terambilnya 1 2 bola putih 3 A. π > π B. π < π C. π = π D. Tidak dapat ditentukan hubungan π dan π Jawaban : B Misalkan π(π1 ) = π΅πππ¦ππ ππππ ππππβ ππ πππ‘ππ πΌ π(π1 ) = π΅πππ¦ππ ππππ ππ’π‘πβ ππ πππ‘ππ πΌ π(π2 ) = π΅πππ¦ππ ππππ ππππβ ππ πππ‘ππ πΌπΌ π(π2 ) = π΅πππ¦ππ ππππ ππ’π‘πβ ππ πππ‘ππ πΌπΌ Diketahui π(π1 ) = 5, π(π1 ) = 10
π(π2 ) = 4, π(π2 ) = 4 Terdapat empat kemungkinan cara pengambilan bola. Kemungkinan 1 Pengambilan pertama dari kotak I adalah 1 bola merah dan pengambilan berikutnya 1 bola putih dan dari kotak II terambil keduanya bola merah. Sehingga peluangnya adalah 5 10 4 4 1 β β β = 15 15 8 8 18
Kemungkinan 2 Pengambilan pertama dari kotak I adalah 1 bola putih dan pengambilan berikutnya 1 bola merah dan dari kotak II terambil keduanya bola merah. Sehingga peluangnya adalah 10 5 4 4 1 β β β = 15 15 8 8 18 Kemungkinan 3 Dari kotak I terambil keduanya bola merah dan dari kotak II pengambilan pertama bola putih kemudian pengambilan kedua bola merah. Sehingga peluangnya adalah 5 5 4 4 1 β β β = 15 15 8 8 36 Kemungkinan 4 Dari kotak I terambil keduanya bola merah dan dari kotak II pengambilan pertama bola merah kemudian pengambilan kedua bola putih. Sehingga peluangnya adalah 5 5 4 4 1 β β β = 15 15 8 8 36 Jadi, peluang terambilnya satu bola putih adalah 1 1 1 1 1 + + + = 18 18 36 36 6
Tingkatan Soal Materi Level Kognitif HOTS UTBK
Soal
Sulit Peluang C4 Ya Ya Nomor 14 Jika matriks π΄ = (π₯ 2 β π₯ 0 1 ) dan π΄β1 = (2 π¦ 0 1 ). Maka π₯ + π¦ = β― A.
1 2 5
B. β 2 C.
7 2 3
D. β 2 E. β3 Pembahasan
Jawaban : B Diketahui matriks π΄ = (π₯ 2 β π₯ 0 1 ). Invers dari matriks π΄ yaitu. π΄β1 = (π₯ 2 β π₯ 0 1 )β1 1 = (1 β 2 + π₯ 0 π₯ ) π₯ 1 β2 + π₯ =( 01) π₯ π₯ Dari soal diketahui bahwa π΄β1 = (2 π¦ 0 1 ). Sehingga (2 π¦ 0 1 ) = (
1 β2 + π₯ 01) π₯ π₯
Maka 2=
1 β2 + π₯ πππ π¦ = π₯ π₯
1
1
Akan diperoleh 2 = π₯ β π₯ = 2. Dan π¦ = 1
β2+π₯ π₯
βπ¦=
β2+ 1 2
1 2
βπ¦=
3 2 1 2
β
= β3.
5
Dengan demikian, π₯ + π¦ = 2 β 3 = β 2. Tingkatan Soal Materi Level Kognitif HOTS UTBK
Sulit Matriks
Nomor 15 Soal
Pembahasan
πβ1 (π₯) =
1 π₯+1
A.
2π₯β3 3+π₯
B.
2π₯+3 3+π₯
C.
3βπ₯ π₯
D.
2π₯ 3βπ₯
E.
2π₯β3 3βπ₯
untuk setiap bilangan riil π₯ β 0, (π β π)(π₯) = π(π(π₯)) =
3 π₯+1
, π β1 (π₯) = β―
Jawaban : E (π β π)(π₯) = π(π(π₯)) =
3 π₯+1
(π β π)β1 (π₯) = (πβ1 β π β1 )(π₯) = πβ1 (π β1 (π₯)) = Maka,
3βπ₯ π₯
πβ1 (π₯) = πβ1 (π β1 (π₯)) =
1 π₯+1 1
(π β1 (π₯)) + 1 3βπ₯ 1 = β1 π₯ π (π₯) + 1 β1 (3 β π₯)π (π₯) + 3 β π₯ = π₯ 2π₯ + 3 π β1 (π₯) = 3βπ₯
Tingkatan Soal Materi Level Kognitif HOTS UTBK
Sedang Invers C4 Ya Ya
Nomor 16 Jika π + 2π = 4π dan π, π, π adalah bilangan bulat positif, maka 12π β 6π adalah ... A. 3π B. 3ππ C. 6π D. 6ππ E. 6 Pembahasan Jawaban : A Soal
Tingkat Soal Materi
Pembahasan : π + 2π = 4π 12π β 6π = 3(4π) β 6π = 3(π + 2π) β 6π = 3π + 6π β 6π = ππ Sedang Sistem Persamaan Linear
Level Kognitif HOTS UTBK
Soal
Pembahasan
Tidak
Nomor 17 Diketahui persegi panjang π΄π΅πΆπ· dengan π΄π΅ = β15 cm dan π΄π· = β5 cm. Jika πΈ merupakan titik potong diagonal persegi panjang tersebut, maka besar β π΅πΈπΆ adalah ... A. 30Β° B. 45Β° C. 60Β° D. 75Β° E. 90Β° Jawaban : C Pembahasan :
π΅π· 2 = π΄π΅2 + π΄π· 2 π΅π· 2 = 15 + 5 = 20 π΅π· = β20 = 2β5 1 π΅πΈ = πΈπΆ = π΅π· = β5 2 π΅πΈ = πΈπΆ = πΆπ΅ = β5 Segitiga BEC adalah segitiga sama sisi, maka β π΅πΈπΆ = 60Β° Sedang Bidang Datar
Tingkat Soal Materi Level Kognitif HOTS Ya UTBK
Nomor 18 Soal
Pembahasan
Hasil penjumlahan semua bilangan bulat π₯ yang memenuhi
(π₯ 2 β2π₯β3)β3π₯ 2 +4π₯β4 (π₯ 2 +1)β2π₯ 2 +π₯β3
β€ 0 adalahβ¦
A. 5 B. 4 C. 3 D. 2 E. 1 Jawaban : A Pembahasan : (π₯ 2 β 2π₯ β 3)β3π₯ 2 + 4π₯ β 4
β€0 (π₯ 2 + 1)β2π₯ 2 + π₯ β 3 (π₯ β 3)(π₯ + 1)β(3π₯ β 2)(π₯ + 2) β€0 (π₯ 2 + 1)β(2π₯ + 3)(π₯ β 1) Dari pertidaksamaan di atas diperoleh β’ (3π₯ β 2)(π₯ + 2) β₯ 0 (karena hasil dari akar merupakan bilangan tak negatif) 2
β’
Diperoleh π»π1 = {π₯ β β | π₯ β€ β2 atau π₯ β₯ }. 3 (2π₯ + 3)(π₯ β 1) > 0 (karena penyebut bernilai tak nol dan hasil akar bernilai tak negatif) 3
β’ β’
Diperoleh π»π2 = {π₯ β β | π₯ < β 2 atau π₯ > 1}.
π₯ 2 + 1 merupakan definit positif (untuk π₯ berapapun akan selalu bernilai positif) (π₯ β 3)(π₯ + 1) β€ 0 (ketiga syarat di atas selalu menghasilkan nilai bilangan positif sedangkan pertidaksamaan berbentuk ββ€ 0β) Diperoleh π»π3 = {π₯ β β | β 1 β€ π₯ β€ 3}.
Himpunan penyelesaian untuk pertidaksamaan adalah π»π = π»π1 β© π»π2 β© π»π3 Dengan menggunakan garis bilangan
3 2 β1 1 3 2 3 Dari garis bilangan di atas diperoleh daerah yang memiliki 3 garis adalah 1